2017年中考數學第一輪模擬練習題參考答案

　　1.A

　　2.B　解析：利用反推法解答， 函數y=(x-1)2-4的頂點坐標為(1，-4)，其向左平移2個單位長度，再向上平移3個單位長度，得到函數y=x2+bx+c，又∵1-2=-1，-4+3=-1，∴平移前的函數頂點坐標為(-1，-1)，函數解析式為y=(x+1)2-1，即y=x2+2x，∴b=2，c=0.

　　3.D　4.C　5.C　6.B

　　7.k=0或k=-1　8.y=x2+1(答案不唯一)

　　9.解：(1)∵拋物線y=-x2+bx+c經過點A(3,0)，B(-1,0)，

　　∴拋物線的解析式為y=-(x-3)(x+1)，

　　即y=-x2+2x+3.

　　(2)∵y=-x2+2x+3=-(x-1)2+4，

　　∴拋物線的頂點坐標為(1,4).

　　10.B　11.①③④

　　12.解：(1)將點O(0,0)代入，解得m=±1，

　　二次函數關系式為y=x2+2x或y=x2-2x.

　　(2)當m=2時，y=x2-4x+3=(x-2)2-1，

　　∴D(2，-1).當x=0時，y=3，∴C(0,3).

　　(3)存在.接連接C，D交x軸于點P，則點P為所求.

　　由C(0,3)，D(2，-1)求得直線CD為y=-2x+3.

　　當y=0時，x=32，∴P32，0.

　　13.解：(1)將M(-2，-2)代入拋物線解析式，得

　　-2=1a(-2-2)(-2+a)，

　　解得a=4.

　　(2)①由(1)，得y=14(x-2)(x+4)，

　　當y=0時，得0=14(x-2)(x+4)，

　　解得x1=2，x2=-4.

　　∵點B在點C的左側，∴B(-4,0)，C(2,0).

　　當x=0時，得y=-2，即E(0，-2).

　　∴S△BCE=12×6×2=6.

　　②由拋物線解析式y=14(x-2)(x+4)，得對稱軸為直線x=-1，

　　根據C與B關于拋物線對稱軸x=-1對稱，連接BE，與對稱軸交于點H，即為所求.

　　設直線BE的解析式為y=kx+b，

　　將B(-4,0)與E(0，-2)代入，得-4k+b=0，b=-2，

　　解得k=-12，b=-2.∴直線BE的解析式為y=-12x-2.

　　將x=-1代入，得y=12-2=-32，

　　則點H-1，-32.

　　14.(1)證明：∵二次函數y=mx2+nx+p圖象的頂點橫坐標是2，

　　∴拋物線的對稱軸為x=2，即-n2m=2，

　　化簡，得n+4m=0.

　　(2)解：∵二次函數y=mx2+nx+p與x軸交于A(x1,0)，B(x2,0)，x1<0

　　∴OA=-x1，OB=x2，x1+x2=-nm，x1•x2=pm.

　　令x=0，得y=p，∴C(0，p).∴OC=|p|.

　　由三角函數定義，得tan∠CAO=OCOA=-|p|x1，tan∠CBO=OCOB=|p|x2.

　　∵tan∠CAO-tan∠CBO=1，即-|p|x1-|p|x2=1.

　　化簡，得x1+x2x1•x2=-1|p|.

　　將x1+x2=-nm，x1•x2=pm代入，得-nmpm=-1|p|化簡，得⇒n=p|p|=±1.

　　由(1)知n+4m=0，

　　∴當n=1時，m=-14;當n=-1時，m=14.

　　∴m，n的值為：m=14，n=-1(此時拋物線開口向上)或m=-14，n=1(此時拋物線開口向下).

　　(3)解：由(2)知，當p>0時，n=1，m=-14，

　　∴拋物線解析式為：y=-14x2+x+p.

　　聯立拋物線y=-14x2+x+p與直線y=x+3解析式得到-14x2+x+p=x+3，

　　化簡，得x2-4(p-3)=0.

　　∵二次函數圖象與直線y=x+3僅有一個交點，

　　∴一元二次方程根的判別式等于0，

　　即Δ=02+16(p-3)=0，解得p=3.

　　∴y=-14x2+x+3=-14(x-2)2+4.

　　當x=2時，二次函數有最大值，最大值為4.

　　15.解：(1)設此拋物線的解析式為y=a(x-3)2+4，

　　此拋物線過點A(0，-5)，

　　∴-5=a(0-3)2+4，∴a=-1.

　　∴拋物線的解析式為y=-(x-3)2+4，

　　即y=-x2+6x-5.

　　(2)拋物線的對稱軸與⊙C相離.

　　證明：令y=0，即-x2+6x-5=0，得x=1或x=5，

　　∴B(1,0)，C(5,0).

　　設切點為E，連接CE，

　　由題意，得，Rt△ABO∽Rt△BCE.

　　∴ABBC=OBCE，即12+524=1CE，

　　解得CE=426.

　　∵以點C為圓心的圓與直線BD相切，⊙C的半徑為r=d=426.

　　又點C到拋物線對稱軸的距離為5-3=2，而2>426.

　　則此時拋物線的對稱軸與⊙C相離.

　　(3)假設存在滿足條件的點P(xp，yp)，

　　∵A(0，-5)，C(5,0)，

　　∴AC2=50，

　　AP2=(xp-0)2+(yp+5)2=x2p+y2p+10yp+25，CP2=(xp-5)2+(yp-0)2=x2p+y2p-10xp+25.

　　①當∠A=90°時，在Rt△CAP中，

　　由勾股定理，得AC2+AP2=CP2，

　　∴50+x2p+y2p+10yp+25=x2p+y2p-10xp+25，

　　整理，得xp+yp+5=0.

　　∵點P(xp，yp)在拋物線y=-x2+6x-5上，

　　∴yp=-x2p+6xp-5.

　　∴xp+(-x2p+6xp-5)+5=0，

　　解得xp=7或xp=0，∴yp=-12或yp=-5.

　　∴點P為(7，-12)或(0，-5)(舍去).

　　②當∠C=90°時，在Rt△ACP中，

　　由勾股定理，得AC2+CP2=AP2，

　　∴50+x2p+y2p-10xp+25=x2p+y2p+10yp+25，

　　整理，得xp+yp-5=0.

　　∵點P(xp，yp)在拋物線y=-x2+6x-5上，

　　∴yp=-x2p+6xp-5，

　　∴xp+(-x2p+6xp-5)-5=0，

　　解得xp=2或xp=5，∴yp=3或yp=0.

　　∴點P為(2,3)或(5,0)(舍去)

　　綜上所述，滿足條件的點P的坐標為(7，-12)或(2,3).

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